ЗАДАЧИ
problems.ru
О проекте | Об авторах | Справочник
Каталог по темам | по источникам | Поиск |
К задаче N

Проект МЦНМО
при участии
школы 57
Задача 111585
Темы:    [ Равногранный тетраэдр ]
[ Объем тетраэдра и пирамиды ]
[ Сфера, вписанная в пирамиду ]
[ Сфера, описанная около пирамиды ]
Сложность: 4
Классы: 10,11
В корзину
Прислать комментарий

Условие

В пирамиде ABCD длина каждого из рёбер AB и CD равна 4, длина каждого из остальных рёбер равна 3. В эту пирамиду вписана сфера. Найдите объём пирамиды, вершинами которой являются точки касания сферы с гранями пирамиды ABCD .

Решение

Пусть сфера с центром O касается граней ABC , ABD , BCD и ACD в точках P , Q , K и L соответственно. Поскольку все грани пирамиды равны между собой (равногранный тетраэдр), центры вписанной и описанной сфер совпадают, поэтому перпендикуляр, опущенный из точки O на грань пирамиды, проходит через центр описанной окружности этой грани, т.е. точки P , Q , K и L – центры описанных окружностей соответствующих граней пирамиды ABCD . Заметим, что пирамида ABCD симметрична относительно плоскости, проходящей через прямую CD и середину M ребра AB . Значит, AB CD . Рассмотрим равнобедренный треугольник ABC . Прямая CM – серединный перпендикуляр к стороне AB , значит, центр P описанной окружности этого треугольника лежит на CM . Из прямоугольного треугольника BMC находим, что

MC = = = , sin ABC = = .

Пусть R – радиус описанной окружности треугольника ABC . По теореме синусов
R= = = = .

Тогда
MP = MC-PC = MC-R = - = , MQ=MP =.

Из подобия равнобедренных треугольников MPQ и MCD находим, что
PQ = CD· = 4· = .

Аналогично находим, что KL = . Пусть N – середина основания CD равнобедренного треугольника DMC , E и F – точки пересечения с отрезком MN отрезков PQ и KL соответственно. Тогда MN – общий перпендикуляр скрещивающихся прямых AB и CD , а значит, EF – общий перпендикуляр скрещивающихся прямых PQ и KL . Далее имеем:
MN = = = 1, NF = ME = MN=,


EF = MN-ME-NF = 1-- = .

Пусть V – искомый объём пирамиды KLPQ . Прямые KL и PQ перпендикулярны, поскольку перпендикулярны параллельные им прямые AB и CD . Следовательно,
V=KL· PQ· EF· sin 90o = · · · · 1 = .


Ответ

.

Источники и прецеденты использования

web-сайт
Название Система задач по геометрии Р.К.Гордина
URL http://zadachi.mccme.ru
задача
Номер 9031

© 2004-... МЦНМО (о копирайте)
Пишите нам

Проект осуществляется при поддержке Департамента образования г.Москвы и ФЦП "Кадры" .