ЗАДАЧИ
problems.ru
О проекте | Об авторах | Справочник
Каталог по темам | по источникам |
К задаче N

Проект МЦНМО
при участии
школы 57
Задача 66948
Темы:    [ Примеры и контрпримеры. Конструкции ]
[ Касающиеся окружности ]
[ Теорема косинусов ]
Сложность: 3+
Классы: 8,9,10,11
В корзину
Прислать комментарий

Условие

Есть набор монет радиусами $1, 2, 3,\ldots, 10$ см. Можно положить две из них на стол так, чтобы они касались друг друга, и добавлять монеты по одной так, чтобы очередная касалась хотя бы двух уже лежащих. Новую монету нельзя класть на старую. Можно ли положить несколько монет так, чтобы центры каких-то трёх монет оказались на одной прямой?

Решение

Будем искать конструкцию с четырьмя монетами (очевидно, трех монет недостаточно). Пусть монеты с радиусами $a$, $b$, $x$, $y$ расположены так, что любые две из них, кроме монет с радиусами $x$ и $y$ касаются. Обозначим через $O_r$ центр окружности с радиусом $r$. Применяя теорему косинусов к треугольнику $O_aO_bO_x$, получаем $\cos\angle O_bO_aO_x=((a+b)^2+(a+x)^2-(b+x)^2)/2(a+b)(a+x)$. Аналогично, $\cos\angle O_bO_aO_y=((a+b)^2+(a+y)^2-(b+y)^2)/2(a+b)(a+y)$. Чтобы точки $O_a$, $O_x$ и $O_y$ лежали на одной прямой, необходимо и достаточно, чтобы сумма этих выражений равнялась нулю, что эквивалентно равенству $(b-a)(ax+ay+2xy)=a(a+ b)(2a+x+y)$. Непосредственная проверка показывает, что оно выполнено при $a=2$, $b=5$, $x=3$, $y=8$ (см.рис., косинусы равны $\frac17$ и $-\frac17$).

Замечания

(Н.Белухов) 1. Компьютерный перебор позволяет найти ещё одну конфигурацию из четырёх монет: $a=3$, $b=8$, $x=5$, $y=9$ с косинусами, равными $\frac{1}{11}$ и $-\frac{1}{11}$ (диофантово уравнение относительно $a$, $b$, $x$, $y$ имеет и другие решения, но в каждом из них какие-то переменные принимают равные значения).

2. Для монет с радиусами 1, 2, ..., 16 возможна следующая конструкция, не требующая решения диофантовых уравнений. Расположим монеты с радиусами 1, 2, 4, 8, 16 так, чтобы касались пары: 1–2, 1–4, 2–4, 2–8, 4–8, 4–16, 8–16. Тогда треугольники $O_1O_2O_4$, $O_2O_4O_8$ и $O_4O_8O_{16}$ подобны, следовательно, $\angle O_1O_4O_{16}=\angle O_1O_4O_2+\angle O_2O_4O_8+\angle O_8O_4O_{16}=180^{\circ}$, поскольку слагаемые соответствуют разным углам этих треугольников.

Источники и прецеденты использования

олимпиада
Название Олимпиада по геометрии имени И.Ф. Шарыгина
год
Год 2021
Заочный тур
задача
Номер 12 [8-10 кл]

© 2004-... МЦНМО (о копирайте)
Пишите нам

Проект осуществляется при поддержке Департамента образования г.Москвы и ФЦП "Кадры" .