Loading [Contrib]/a11y/accessibility-menu.js
ЗАДАЧИ
problems.ru
О проекте | Об авторах | Справочник
Каталог по темам | по источникам |
К задаче N

Проект МЦНМО
при участии
школы 57
Выбрано 9 задач
Версия для печати
Убрать все задачи

На бесконечном листе клетчатой бумаги N клеток окрашено в черный цвет. Докажите, что из этого листа можно вырезать конечное число квадратов так, что будут выполняться два условия: 1) все черные клетки лежат в вырезанных квадратах; 2) в любом вырезанном квадрате K площадь черных клеток составит не менее  1/5 и не более  4/5 площади K.

Вниз   Решение


Докажите, что $ {\frac{a+b-c}{a+b+c}}$ = tg$ \left(\vphantom{\frac{\alpha }{2}}\right.$$ {\frac{\alpha }{2}}$$ \left.\vphantom{\frac{\alpha }{2}}\right)$tg$ \left(\vphantom{\frac{\beta }{2}}\right.$$ {\frac{\beta}{2}}$$ \left.\vphantom{\frac{\beta }{2}}\right)$.

ВверхВниз   Решение


Докажите, что площадь любого выпуклого четырехугольника не превосходит полусуммы произведений противоположных сторон.

ВверхВниз   Решение


Дано число: 123456789101112... . Какая цифра стоит на 2000-м месте?

ВверхВниз   Решение


На биссектрисе внешнего угла C треугольника ABC взята точка M, отличная от C. Докажите, что MA + MB > CA + CB.

ВверхВниз   Решение


На плоскости взяты шесть точек A1, A2, A3, B1, B2, B3. Докажите, что если описанные окружности треугольников A1A2B3, A1B2A3 и B1A2A3 проходят через одну точку, то и описанные окружности треугольников B1B2A3, B1A2B3 и A1B2B3 пересекаются в одной точке.

ВверхВниз   Решение


Докажите, что если  ctg($ \alpha$/2) = (b + c)/a, то треугольник прямоугольный.

ВверхВниз   Решение


Даны четыре окружности, причем окружности S1 и S3 пересекаются с обеими окружностями S2 и S4. Докажите, что если точки пересечения S1 с S2 и S3 с S4 лежат на одной окружности или прямой, то и точки пересечения S1 с S4 и S2 с S3 лежат на одной окружности или прямой (рис.).


ВверхВниз   Решение


Докажите, что две несовпадающие коники имеют не более четырех общих точек.

Вверх   Решение

Задача 58541
Тема:    [ Кривые второго порядка ]
Сложность: 3
Классы: 10,11
Из корзины
Прислать комментарий

Условие

Докажите, что две несовпадающие коники имеют не более четырех общих точек.

Решение

Пусть ax2 + 2bxy + cy2 + 2dx + 2ey = f — уравнение одной коники, а $ \left(\vphantom{\frac{P(t)}{A(t)},\frac{Q(t)}{A(t)}}\right.$$ {\frac{P(t)}{A(t)}}$,$ {\frac{Q(t)}{A(t)}}$$ \left.\vphantom{\frac{P(t)}{A(t)},\frac{Q(t)}{A(t)}}\right)$ — рациональная параметризация второй коники. Тогда точки их пересечения соответствуют корням уравнения

aP2 + 2bPQ + cQ2 + 2dPA + 2eQA - fA2 = 0.

Согласно задаче 31.073 степень этого уравнения не превосходит 4. (Вообще говоря, мы могли бы получить уравнение вида g = 0, где g — некоторое число. Но это соответствует либо случаю двух совпадающих коник, либо случаю непересекающихся коник.) Остается заметить, что уравнение, степень которого не превосходит 4, имеет не более 4 корней.
Замечание. Если речь идет не о кониках, а о произвольных кривых второго порядка, то несовпадающие вырожденные кривые второго порядка могут иметь общую прямую.

Источники и прецеденты использования

книга
Автор Прасолов В.В.
Год издания 2001
Название Задачи по планиметрии
Издательство МЦНМО
Издание 4*
глава
Номер 31
Название Эллипс, парабола, гипербола
Тема Неопределено
параграф
Номер 7
Название Рациональная параметризация
Тема Кривые второго порядка
задача
Номер 31.074

© 2004-... МЦНМО (о копирайте)
Пишите нам

Проект осуществляется при поддержке Департамента образования г.Москвы и ФЦП "Кадры" .